Đề Thi Hoá 12 Học Kì 1 Sở Giáo Dục & Đào Tạo Đồng Tháp Có Lời Giải Và Đáp Án Chi Tiết

Đề thi Hoá 12 học kì 1 Sở Giáo Dục & Đào Tạo Đồng Tháp có lời giải và đáp án chi tiết gồm 48 câu trắc nghiệm. Các bạn xem ở dưới.

SỞ GD&ĐT ĐỒNG THÁP

ĐỀ KIỂM TRA HỌC KÌ I MÔN: Hóa – Lớp 12 Thời gian làm bài: 50 phút; không kể thời gian phát đề

Câu 1 (NB): Cho lòng trắng trứng vào Cu(OH)₂/OH^– thấy xuất hiện màu

A. tím. B. vàng. C. đỏ. D. xanh.

Câu 2 (NB): Kim loại Al phản ứng được với dung dịch

A. CuSO₄ B. HNO₃ đặc, nguội C. NaNO₃ D. MgCl₂

Câu 3 (NB): Trong các chất dưới đây, chất nào thuộc loại đisaccarit?

A. Xenlulozo B. Tinh bột C. Saccarozo D. Glucozo

Câu 4 (NB): Tơ nào sau đây thường được dùng để dệt vải may quần áo ấm hoặc bện thành sợi “len” đan áo rét?

A. Tơ axetat B. Tơ nitron C. Tơ visco D. Nilon–6,6

Câu 5 (NB): Kim loại nào sau đây tan trong nước tạo dung dịch kiềm?

A. Al B. Be C. Fe D. Na

Câu 6 (TH): Chất nào sau đây có nhiệt độ sôi thấp nhất?

A. CH₃COOC₂H₅ B. C₂H₅COOH C. C₂H₅OH D. CH₃COOH

Câu 7 (NB): Amin nào dưới đây là amin bậc hai?

A. C₂H₅NHCH₂ B. (CH₃)₃N C. CH₃CH(CH₃)NH₂ D. CH₃CH₂CH₂NH₂

Câu 8 (NB): Hợp chất thuộc loại este là

A. Glyxin B. Anilin C. Etyl axetat D. Fructozo

Câu 9 (NB): Chất tham gia phản ứng tráng gương là

A. Saccarozo B. Glucozo C. Xenlulozo D. Tinh bột

Câu 10 (NB): Trùng hợp chất nào sau đây thu được poli(vinyl clorua)?

A. CH₂=CH–CH₂Cl B. ClCH=CHCl C. CH₂=CHCl D. Cl₂C=CCl₂

Câu 11 (TH): Chất nào sau đây làm quỳ tím hóa xanh?

A. Alanin B. Anilin C. Glyxin D. Lysin

Câu 12 (NB): Anilin không phản ứng với

A. dung dịch HCl B. dung dịch Br₂ C. dung dịch H₂SO₄ D. dung dịch NaOH

Câu 13 (NB): Kim loại có tính chất vật lí chung (tính dẫn điện, tính dẫn nhiệt, tính dẻo và tính ánh kim) là do trong tinh thể kim loại có

A. các ion dương chuyển động tự do. B. các electron chuyển động tự do.

C. nhiều electron độc thân. D. nhiều ion dương kim loại.

Câu 14 (TH): Xà phòng hóa hoàn toàn triolein bằng dung dịch KOH vừa đủ, tỉ lệ số mol giữa triolein và KOH là

A. 1 : 1 B. 1 : 2 C. 1 : 3 D. 3 : 1

Câu 15 (VD): Este X có công thức phân tử C₄H₈O₂, khi thủy phân X trong môi trường axit thu được axit propionic. Công thức cấu tạo thu gọn của X là

A. C₂H₅COOCH₃ B. HCOOCH(CH₃)₂ C. CH₃COOC₂H₅ D. HCOOCH₂CH₂CH₃

Câu 16 (NB): Thủy tinh hữu cơ plexiglas là chất dẻo rất bền, trong suốt, có khả năng cho 90% ánh sáng truyền qua nên được sử dụng làm kính o tô, máy bay, kính xây dựng, kính bảo hiểm… Polime dùng để chế tạo thủy tinh hữu cơ có tên là:

A. poli(metyl metacrylat). B. poli(acrilonitrin).

C. poli(hexametylen ađipamit). D. poli(vinyl clorua).

Câu 17 (TH): Chất nào sau đây phản ứng được với dung dịch FeSO₄ và dung dịch HNO₃ đặc, nguội?

A. Zn B. Al C. Ag D. Cr

Câu 18 (NB): Cacbohiđrat Y là một polisaccarit phân tử gồm nhiều gốc b–glucozo liên kết với nhau, khi đun nóng Y trong axit vô cơ đặc thu được glucozo. Y là

A. glucozo B. xenlulozo C. tinh bột D. saccarozo

Câu 19 (NB): Trong số các loại tơ sau: tơ tằm, tơ visco, tơ axetat, tơ nitron. Những loại tơ nào thuộc loại tơ nhân tạo?

A. Tơ axetat và tơ tằm B. Tơ tằm và tơ nitron C. Tơ visco và tơ nitron D. Tơ visco và tơ axetat

Câu 20 (TH): Kim loại nào sau đây được điều chế bằng cả ba phương pháp (thủy luyện, nhiệt luyện, điện phân)?

A. Na B. Al C. Mg D. Cu

Câu 21 (TH): Cho các chất sau: saccarozo, metyl axetat, triolein, Ala–Gly–Ala, fructozo. Số chất phản ứng được với Cu(OH)₂ tạo dung dịch xanh lam là

A. 5 B. 3 C. 4 D. 2

Câu 22 (TH): Peptit T có công thức sau: Gly–Ala–Gly. Khối lượng mol phân tử của peptit T là

A. 253 B. 217 C. 203 D. 239

Câu 23 (VD): Thủy phân hoàn toàn b gam đipeptit Glu–Gly trong dung dịch NaOH dư, đun nóng thu được 11,52 gam hỗn hợp muối. Giá trị của b là

A. 8,16 B. 9,03 C. 12,23 D. 6,18

Câu 24 (VD): Khử hoàn toàn m gam Fe₂O₃ cần vừa đủ 4,704 lít khí CO (đktc). Giá trị của m là

A. 5,60 B. 33,60 C. 11,20 D. 25,20

Câu 25 (TH): Cho các nhận định sau:

(a) Nồng độ glucozo không đổi trong máu người là khoảng 0,1%.

(b) Có thể dùng dung dịch AgNO₃ trong NH₃ phân biệt glucozo và fructozo.

(c) Có thể rửa sạch các đồ dùng bám dầu mỡ động thực vật bằng nước.

(d) Nhỏ vài giọt dung dịch loãng I₂ vào mặt cắt của củ khoai lang, xuất hiện màu xanh tím.

(e) Lực bazo của metylamin mạnh hơn đimetylamin.

(f) Ở trạng thái kết tinh, các amino axit tồn tại dưới dạng ion lưỡng cực.

Số nhận định đúng là

A. 5 B. 4 C. 3 D. 6

Câu 26 (VD): Đốt cháy hoàn toàn 25,9 gam một este X thu được 23,52 lít (đktc) CO₂ và 18,9 gam H₂O. Số đồng phân cấu tạo của X là

A. 3. B. 1. C. 2. D. 4.

Câu 27 (VD): Hòa tan hoàn toàn 6,75 gam bột kim loại M vào dung dịch H₂SO₄ loãng dư, thu được 8,40 lít khí H₂ (đktc). Kim loại M là

A. Al B. Zn C. Fe D. Mg

Câu 28 (VD): Xà phòng hóa hoàn toàn m gam chất béo trung tính X bằng dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 0,3 mol glixerol và 274,8 gam muối khan. Giá trị của m là

A. 264,6 B. 399,6 C. 266,4 D. 246,6

Câu 29 (VD): Cho 4,59 gam glucozo tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃ thu được m gam Ag. Giá trị của m là

A. 11,016 B. 5,508 C. 2,754 D. 5,805

Câu 30 (VD): Cho m gam anilin tác dụng vừa đủ với nước brom, thu được 16,5 gam kết tủa trắng (2,4,6–tribromanilin). Giá trị của m là

A. 5,46 B. 4,65 C. 6,45 D. 5,64

Câu 31 (VD): Cho 11,2 gam Fe vào 400 ml dung dịch Cu(NO₃)₂ 0,5M và HCl 1,2M thu được khí NO và m gam chất rắn. Xác định m biết rằng NO là sản phẩm khử duy nhất của NO₃^–, không có khí H₂ bay ra và các phản ứng đều xảy ra hoàn toàn.

A. 1,28 B. 12,80 C. 6,40 D. 0,64

Câu 32 (VD): Dùng x kg tinh bột để điều chế 5 lít dung dịch ancol etylic 46⁰ (khối lượng riêng của C₂H₅OH nguyên chất là 0,8 g/ml). Biết hiệu suất cả quá trình là 80%. Giá trị của x là:

A. 8,91 B. 4,05 C. 8,10 D. 3,24

Câu 33 (NB): Công thức cấu tạo của tristearin là

A. (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅ B. (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ C. (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ D. (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

Câu 34 (TH): Cho sơ đồ chuyển hóa sau: Alanin G H.

Chất H là chất nào sau đây? Biết rằng H là sản phẩm hữu cơ và các phản ứng xảy ra hoàn toàn.

A. CH₃CH(NH₃Cl)COOH B. CH₃CH(NH₃Cl)COONa

C. CH₃CH(NH₂)COONa D. H₂NCH₂CH₂COONa

Câu 35 (VD): Cho 14,6 gam amin đơn chức A tác dụng với vừa đủ dung dịch HCl, sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được dung dịch B. Làm bay hơi dung dịch B được 21,9 gam muối khan. Số đồng phân amin bậc 2 ứng với CTPT của A là

A. 2 B. 3 C. 1 D. 4

Câu 36 (NB): Cho các chất: tinh bột, xenlulozo, fructozo, saccarozo. Số chất trong dãy thuộc loại monosaccarit là

A. 3 B. 2 C. 4 D. 1

Câu 37 (TH): Tiến hành các thí nghiệm sau:

– Thí nghiệm 1: Cho thanh Fe vào dung dịch H₂SO₄ loãng

– Thí nghiệm 2: Nhúng thanh Zn vào dung dịch CuSO₄

– Thí nghiệm 3: Nhúng thanh Cu vào dung dịch AgNO₃

– Thí nghiệm 4: Nhúng thanh Fe vào dung dịch FeCl₃

Số thí nghiệm xảy ra ăn mòn điện hóa là:

A. 2 B. 4 C. 3 D. 1

Câu 38 (TH): Trong số các kim loại sau: Zn, Al, Fe, Mg. Kim loại có tính khử yếu nhất là

A. Zn B. Mg C. Fe D. Al

Câu 39 (VD): Đốt cháy hoàn toàn 1 cacbohiđrat X, thu được số mol CO₂ bằng số mol H₂O. Tên gọi của X là

A. xenlulozo B. tinh bột C. glucozo D. saccarozo

Câu 40 (VD): Thủy phân 11,10 gam metyl axetat bằng 500 ml dung dịch KOH 0,5M. Sau phản khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, cô cạn dung dịch thu được a gam chất rắn khan. Giá trị của a là

A. 20,30 B. 14,70 C. 16,30 D. 24,50

Câu 41 (TH): Một loại nước cứng khi được đun sôi thì mất tính cứng. Trong loại nước cứng này có hòa tan muối nào sau đây?

A. MgCl₂ B. Ca(HCO₃)₂ C. CaSO₄ D. CaCl₂

Câu 42 (TH): Có 4 hóa chất sau đây: etylamin, phenylamin, amoniac, metylamin; thứ tự giảm dần lực bazo là:

A. etylamin > metylamin > phenylamin > amoniac

B. phenylamin > amoniac > metylamin > etylamin

C. etylamin > metylamin > amoniac > phenylamin

D. amoniac > metylamin > etylamin > phenylamin

Câu 43 (TH): Có các phát biểu sau:

(a) H₂NCH₂CO–HNCH₂CH₂COOH có chứa 1 liên kết peptit trong phân tử.

(b) Etylamin, metylamin ở điều kiện thường đều là chất khí, mùi khai, độc.

(c) Anilin làm xanh giấy quỳ tím.

(d) Thủy phân đến cùng protein đơn giản trong môi trường axit chỉ thu được các a–amino axit.

(e) Nhỏ vài giọt axit nitric đặc vào dung dịch lòng trắng trứng thấy xuất hiện kết tủa vàng.

Số phát biểu đúng là

A. 2 B. 3 C. 1 D. 4

Câu 44 (NB): CH₂=CH–COOCH₃ có tên gọi là:

A. metyl acrylat B. metyl axetat C. metyl propionat D. etyl axetat

Câu 45 (TH): Một học sinh tiến hành nghiên cứu dung dịch T đựng trong lọ không dán nhãn thì thu được kết quả sau:

– T phản ứng với dung dịch NaOH và dung dịch Na₂CO₃.

– T phản ứng với dung dịch HCl.

Vậy dung dịch T là dung dịch nào sau đây?

A. MgCl₂ B. Ca(OH)₂ C. KOH D. Ba(HCO₃)₂

Câu 46 (VD): Hòa tan hoàn toàn 13,08 gam hỗn hợp gồm K, Na, Ca và Ba trong nước dư thu được 2,80 lít khí H₂ (đktc) và dung dịch Z. Trung hòa Z bằng HCl vừa đủ rồi cô cạn dung dịch thu được m gam hỗn hợp muối khan. Giá trị của m là

A. 18,937 B. 29,475 C. 27,495 D. 21,955

Câu 47 (NB): Kim loại có kiểu mạng tinh thể lập phương tâm diện là

A. Na B. Ba C. Mg D. Ca

Câu 48 (TH): Phản ứng nào xảy ra ở catot trong quá trình điện phân MgCl₂ nóng chảy?

A. Sự oxi hóa Mg²⁺ B. Sự khử Cl^– C. Sự oxi hóa Cl^– D. Sự khử Mg²⁺

Đáp án

1–A	2–A	3–C	4–B	5–D	6–A	7–A	8–C	9–B	10–C
11–D	12–D	13–B	14–C	15–A	16–A	17–A	18–B	19–D	20–D
21–D	22–C	23–A	24–C	25–C	26–C	27–A	28–C	29–B	30–B
31–A	32–B	33–D	34–C	35–B	36–D	37–A	38–C	39–C	40–A
41–B	42–C	43–B	44–A	45–D	46–D	47–D	48–D

LỜI GIẢI CHI TIẾT

Câu 1: Đáp án A

Phương pháp giải:

Các peptit (trừ đipeptit) phản ứng với Cu(OH)₂/OH^– tạo hợp chất màu tím (phản ứng màu biure).

Giải chi tiết:

Lòng trắng trứng là một polipeptit nên có phản ứng màu biure với Cu(OH)₂/OH^– tạo hợp chất màu tím.

Câu 2: Đáp án A

PTHH: 2Al + 3CuSO₄ → Al₂(SO₄)₃ + 3Cu

Câu 3: Đáp án C

Phương pháp giải:

Đisaccarit là phân tử chứa 2 gốc monosaccarit liên kết với nhau.

Giải chi tiết:

– Saccarozo thuộc loại đisaccarit (được tạo bởi 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo).

– Xenlulozo và tinh bột là polisaccarit.

– Glucozo là monosaccarit.

Câu 4: Đáp án B

 Tơ nitron có CTCT [CH₂–CH(CN)]_n dùng để dệt vải may quần áo len.

Câu 5: Đáp án D

Ở nhiệt độ thường, Na có thể tan trong nước tạo dung dịch kiềm: Na + H₂O → NaOH + ½ H₂

Chú ý: Be thuộc nhóm kim loại kiềm thổ IIA nhưng không tan trong nước.

Câu 6: Đáp án A

Phương pháp giải:

Đối với các chất có liên kết cộng hóa trị:

– Các yếu tố ảnh hướng tới nhiệt độ sôi:

(1) Liên kết H (Các chất có lực liên kết hidro càng lớn thì nhiệt độ sôi càng lớn)

VD: –COOH > –OH > –COO– > –CHO > –CO–)

(2) Khối lượng phân tử (Các chất có phân tử khối càng lớn thì nhiệt độ sôi càng cao)

(3) Hình dạng phân tử (Phân tử càng phân nhánh thì nhiệt độ sôi càng thấp)

– Các chất có lực liên kết hidro càng lớn thì nhiệt độ sôi càng lớn.

–COOH > –OH > –COO– > –CHO > –CO–

– Đối với các chất cùng nhóm chức:

Đối với các chất có cùng nhóm chức, gốc R– liên kết với nhóm chức ảnh hưởng đến lực liên kết Hidro

+ Gốc R– là gốc hút e (gốc không no: CH₂=CH, CH₂=CH–CH₂) sẽ làm cho lực liên kết H tăng lên

+ Gốc R– là gốc đẩy e (gốc no: CH₃, CH₃CH₂) làm giảm lực liên kết H

Giải chi tiết:

Dựa vào phương pháp so sánh nhiệt độ sôi của các chất => CH₃COOC₂H₅ có nhiệt độ sôi thấp nhất.

Câu 7: Đáp án A

Phương pháp giải:

Bậc amin = số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N.

Giải chi tiết:

Amin bậc 2 có dạng R – NH – R’

Vậy trong các amin đề bài cho thì C₂H₅NHCH₂ là amin bậc 2.

Câu 8: Đáp án C

Phương pháp giải:

Hợp chất nhóm este có CTTQ: RCOOR₁ (R là H hoặc gốc hiđrocacbon, R là gốc hiđrocacbon).

Giải chi tiết:

Trong các chất đề cho, chất thuộc loại este là etyl axetat có CTCT là CH₃COOC₂H₅.

Câu 9: Đáp án B

Glucozo trong phân tử có chứa nhóm –CHO nên có phản ứng tráng gương.

Câu 10: Đáp án C

PVC là: (CH₂–CHCl–)_n => Monome là CH₂=CHCl

Câu 11: Đáp án D

Phương pháp giải:

Sự đổi màu của quỳ tím:

*Amin:

– Amin có nguyên tử N gắn trực tiếp với vòng benzen có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

– Các amin khác làm quỳ tím chuyển xanh.

*Amino axit:

– Số nhóm NH₂ = số nhóm COOH => Không làm đổi màu quỳ tím

– Số nhóm NH₂ > số nhóm COOH => Làm quỳ tím hóa xanh (VD: Lysin)

– Số nhóm NH₂ < số nhóm COOH => Làm quỳ tím hóa đỏ (VD: Axit glutamic)

Giải chi tiết:

– Anilin có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

– Alanin và glyxin có số nhóm NH₂ bằng số nhóm COOH => Không làm đổi màu quỳ tím.

– Lysin số nhóm NH₂ (2 nhóm) > số nhóm COOH (1 nhóm) => Làm quỳ tím hóa xanh.

Câu 12: Đáp án D

Anilin có tính chất hóa học của 1 bazo yếu => Không phản ứng với dd NaOH.

Câu 13: Đáp án B

Kim loại có tính chất vật lí chung (dẫn điện, dẫn nhiệt, dẻo và ánh kim) do có các e chuyển động tự do.

Câu 14: Đáp án C

Phương pháp giải:

Thuỷ phân este đa chức:

(RCOO)_nR’  +  nKOH → nRCOOK + R’(OH)_n => n_KOH = n.n_este

Giải chi tiết:

Triolein là: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3KOH → 3C₁₇H₃₃COOK + C₃H₅(OH)₃

=> Tỉ lệ số mol giữa triolein và KOH là 1 : 3

Câu 15: Đáp án A

X có CTPT là C₄H₈O₂ => X là este no, đơn chức, mạch hở

Phản ứng thủy phân có dạng: RCOOR’ + HOH   RCOOH + R’OH (H2SO4, to)

Mà sản phẩm thu được là axit propionic (C₂H₅COOH) nên suy ra este là C₂H₅COOCH₃.

Câu 16: Đáp án A

Thủy tinh hữu cơ plexiglas là  poli(metyl metacrylat).

Câu 17: Đáp án A

Phương pháp giải:

HS ghi nhớ một số kim loại bị thụ động trong HNO₃ đặc, nguội: Al, Fe, Cr.

Giải chi tiết:

– Phương án A: Zn thỏa mãn

Zn + FeSO₄ → ZnSO₄ + Fe

Zn + HNO₃ đặc → Zn(NO₃)₂ + spk + H₂O

– Phương án B: Al bị thụ động trong HNO₃ đặc, nguội => Không thỏa mãn

– Phương án C: Ag không phản ứng với FeSO₄ => Không thỏa mãn

– Phương án D: Cr bị thụ động trong HNO₃ đặc, nguội => Không thỏa mãn

Câu 18: Đáp án B

– Xenlulozo gồm nhiều gốc b–glucozo liên kết với nhau

– 3 chất còn lại gồm nhiều gốc a–glucozo liên kết với nhau

Câu 19: Đáp án D

Phương pháp giải:

Phân biệt các loại tơ:

– Tơ nhân tạo (hay tơ bán tổng hợp) là tơ có nguồn gốc tự nhiên và được con người chế biến.

– Tơ tự nhiên là tơ có nguồn gốc 100% từ tự nhiên.

– Tơ tổng hợp là tơ do con người tạo ra.

Giải chi tiết:

– Tơ nhân tạo: tơ axetat, tơ visco (đều có nguồn gốc từ xenlulozo và được con người chế biến)

– Tơ tự nhiên: tơ tằm

– Tơ tổng hợp: tơ nitron

Câu 20: Đáp án D

Phương pháp giải:

Phương pháp thủy luyện:

– Nguyên tắc: Dùng dung dịch thích hợp (HCl, HNO₃, nước cường toan, CN–…) hòa tan nguyên liệu sau đó lấy kim loại mạnh (không tan trong nước) đẩy kim loại yếu khỏi dung dịch của nó.

–  Phạm vi sử dụng: Thường dùng trong phòng thí nghiệm để điều chế các kim loại sau Mg (thường là kim loại yếu).

Phương pháp nhiệt luyện:

– Nguyên tắc: Dùng chất khử CO, C, Al, H₂ khử oxit kim loại ở nhiệt độ cao.

– Phạm vi sử dụng: Thường dùng trong công nghiệp với kim loại sau Al.

Phương pháp điện phân:

– Nguyên tắc: Dùng dòng điện một chiều để khử các ion kim loại.

– Phạm vi sử dụng: Điều chế được hầu hết các kim loại.

Giải chi tiết:

– Loại Na vì Na chỉ được điều chế bằng phương pháp điện phân

– Loại Al vì Al₂O₃ không bị khử bởi C, CO, H₂… nên không thể được điều chế bằng phương pháp nhiệt luyện

– Loại Mg vì MgO không bị khử bởi C, CO, H₂… nên không thể được điều chế bằng phương pháp nhiệt luyện

– Cu thỏa mãn

Câu 21: Đáp án D

Phương pháp giải:

Các chất phản ứng với Cu(OH)₂ tạo thành dung dịch xanh lam:

– Axit hữu cơ.

– Phân tử có nhiều nhóm –OH gắn vào những nguyên tử C cạnh nhau.

Giải chi tiết:

Có 2 chất phản ứng với Cu(OH)₂ tạo dung dịch xanh lam là saccarozo và fructozo.

Câu 22: Đáp án C

Phương pháp giải:

A₁ + A₂ + … + A_n → A₁–A₂–…–A_n + (n–1) H₂O

=> Cách tính khối lượng phân tử của peptit A₁–A₂–…–A_n (peptit có chứa n mắt xích) là:

M peptit = M_A1 + M_A2 + … + M_An – 18(n–1)

Giải chi tiết:

M_T = 75 + 89 + 75 – 18.2 = 203

Câu 23: Đáp án A

M _peptit = 147 + 75 – 18 = 204

Glutamic có 2 nhóm COOH nên Glu–Gly có 2 nhóm COOH và 1 nhóm CONH

Glu–Gly + 3NaOH → Muối + 2H₂O

Mol         x       →   3x                →   2x

BTKL: m_peptit + m_NaOH = m _muối + m_H2O => 204x + 40.3x = 11,52 + 18.2x => x = 0,04

=> b = 204.0,04 = 8,16 gam

Câu 24: Đáp án C

Phương pháp giải:

Bài toán khử oxit KL bằng CO: n_CO = n_O(oxit)

Giải chi tiết:

Khi oxit bị khử bởi CO: n_O(oxit) = n_CO = 4,704/22,4 = 0,21 mol

BTNT “O”: 3n_Fe2O3 = n_O(oxit) = 0,21 => n_Fe2O3 = 0,07 mol

=> m = 160.0,07 = 11,2 gam

Câu 25: Đáp án C

(a) Đúng

(b) Sai. Vì trong MT kiềm thì glucozo và fructozo chuyển hóa lẫn nhau nên chúng đều phản ứng với dung dịch AgNO₃/NH₃ sinh ra Ag

(c) Sai. Vì dầu mỡ động thực vật không tan trong nước nên không thể rửa sạch

(d) Đúng. Vì củ khoai lang có tinh bột + I₂ xuất hiện màu xanh tím

(e) Sai. Nhóm CH₃ có tác dụng đẩy electron làm cho mật độ điện tích âm trên nguyên tử N tăng → khả năng nhận H⁺ tăng → tính bazo tăng. Ta thấy đimetyl amin có 2 nhóm CH₃ còn metyl amin chỉ có 1 nhóm CH₃

=> Tính bazo CH₃–NH–CH₃ > CH₃NH₂

(f) Đúng

Vậy có 3 nhận định đúng.

Câu 26: Đáp án C

Phương pháp giải:

– So sánh thấy n_CO2 = n_H2O => X là este no, đơn chức, mạch hở

Đặt công thức của X là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

C_nH_2nO₂ → nCO₂

$1,05n$ ←      1,05  (mol)

Lập phương trình về khối lượng của este => giá trị của n => CTPT

– Viết các CTCT este ứng với CTPT vừa tìm được

Giải chi tiết:

n_CO2 = 23,52 : 22,4 = 1,05 mol; n_H2O = 18,9 : 18 = 1,05 mol

Ta thấy: n_CO2 = n_H2O => X là este no, đơn chức, mạch hở

Đặt công thức của X là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

C_nH_2nO₂ → nCO₂

$1,05n$ ←      1,05  (mol)

Ta có phương trình: ${m_X} = 1,05n.(14n + 32) = 25,9 \Rightarrow n = 3$

=> CTPT là C₃H₆O₂

Các đồng phân cấu tạo este của C₃H₆O₂: HCOOC₂H₅; CH₃COOCH₃

Câu 27: Đáp án A

Giả sử M có hóa trị n

n_H2 = 8,4 : 22,4 = 0,375 mol

2M + nH₂SO₄ → M₂(SO₄)_n + nH₂

0,75/n  ←                            0,375 (mol)

Ta có: ${m_M} = 0,75n.M = 6,75 \Rightarrow M = 9n$

Thay các giá trị n = 1, 2, 3 thì thấy với n = 3, M = 27 thỏa mãn

Vậy M là Al.

Câu 28: Đáp án C

Phương pháp giải:

– Thuỷ phân chất béo:

(RCOO)₃C₃H₅  +  3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

=> n_NaOH = 3n_Glixerol

– Áp dụng BTKL tính được khối lượng chất béo.

Giải chi tiết:

Chất béo có dạng (RCOO)₃C₃H₅

(RCOO)₃C₃H₅  +  3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

=> n_NaOH = 3n_Glixerol = 0,9 mol

Bảo toàn khối lượng: m_X = m_ancol + m_muối – m_NaOH = 274,8 + 0,3.92 – 40.0,9 = 266,4 gam

Câu 29: Đáp án B

Phương pháp giải:

Glucozo → 2Ag

Giải chi tiết:

n_glucozo = 4,59 : 180 = 0,0255 mol

Glucozo → 2Ag

0,0255 →  0,051 (mol)

=> m_Ag = 0,051.108 = 5,508 gam

Câu 30: Đáp án B

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → Br₃C₆H₂NH₂ ↓ + 3HBr

n_{kết tủa} = 16,5 : 330 = 0,05 mol = n_anilin

=> m_anilin = 0,05.93 = 4,65 gam

Câu 31: Đáp án A

n_Fe = 11,2 : 56 = 0,2 mol; n_Cu(NO3)2 = 0,4.0,5 = 0,2 mol; n_HCl = 0,4.1,2 = 0,48 mol

NO là sản phẩm khử duy nhất, không có khí H₂ bay ra, các phản ứng đều xảy ra hoàn toàn

=> H⁺ hết trước NO₃^–

Còn chất rắn sau phản ứng => Dung dịch chỉ có Fe²⁺

3Fe    +   8H⁺   +   2NO₃^– → 3Fe²⁺ + 2NO + 4H₂O

Mol 0,18 ←   0,48    →  0,12

Fe      +   Cu²⁺ → Fe²⁺ + Cu

Mol 0,02              →      0,02

Chất rắn là Cu => m _{chất rắn} = m_Cu = 0,02.64 = 1,28 gam

Câu 32: Đáp án B

V_ancol = 5.(46/100) = 2,3 lít => m_ancol = 2,3.0,8 = 1,84 kg

Để đơn giản ta coi tinh bột là C₆H₁₀O₅.

C₆H₁₀O₅ → C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH

162 kg                          2.46 = 92 kg

3,24 kg       ←               1,84 kg

Do lượng thực tế cần dùng nhiều hơn lượng tính toán => m _{tinh bột cần dùng} = 3,24.(100/80) = 4,05 kg

Câu 33: Đáp án D

Phương pháp giải:

Một số chất béo thường gặp:

+ Tristearin: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

+ Triolein: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

+ Trilinolein: (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅

+ Tripanmitin: (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅

Giải chi tiết:

Công thức cấu tạo của tristearin là (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

Câu 34: Đáp án C

NH₂–CH(CH₃)–COOH + HCl → NH₃Cl–CH(CH₃)COOH (G)

NH₃Cl–CH(CH₃)COOH + 2NaOH → NH₂–CH(CH₃)COONa (H) + NaCl + 2H₂O

Câu 35: Đáp án B

Amin + HCl → Muối

BTKL: m_HCl = m _muối – m _amin = 21,9 – 14,6 = 7,3 gam => n_HCl = 0,2 mol

Do amin là đơn chức nên: n _amin = n_HCl = 0,2 mol

=> M _amin = 14,6 : 0,2 = 73 => CTPT của A là C₄H₁₁N

Các CTCT amin bậc 2 có CTPT C₄H₁₁N là:

CH₃ – CH­₂ – CH₂ – NH – CH₃;

(CH₃)₂CH – NH – CH₃;

CH₃ – CH₂ – NH – CH₂ – CH₃

Câu 36: Đáp án D

– Fructozo: monosaccarit

– Tinh bột, xenlulozo: polisaccarit

– Saccarozo: đisaccarit

Câu 37: Đáp án A

Phương pháp giải:

Lý thuyết ăn mòn điện hóa:

(*) Định nghĩa:

– Là sự oxy hoá kim loại có phát sinh dòng điện.

(*) Điều kiện để xảy ra ăn mòn điện hóa:

– Bản chất hai điện cực phải khác nhau về bản chất (KL–KL, KL–PK,…)

– Hai điện cực phải cùng tiếp xúc với môi trường chất điện li

– Hai điện cực phải tiếp xúc trực tiếp hoặc gián tiếp với nhau (qua dây dẫn)

Giải chi tiết:

– TN1: Cho thanh Fe vào dung dịch H₂SO₄ loãng

=> Không xảy ra ăn mòn điện hóa vì không tạo 2 cặp điện cực khác nhau về bản chất

– TN₂: Nhúng thanh Zn vào dung dịch CuSO₄

=> Cu bám vào Zn tạo thành cặp điện cực Zn–Cu, nhúng trong dung dịch điện li

=> Xảy ra ăn mòn điện hóa

– TN₃: Nhúng thanh Cu vào dung dịch AgNO₃

=> Ag bám vào Cu tạo thành cặp điện cực Cu–Ag, nhúng trong dung dịch điện li

=> Xảy ra ăn mòn điện hóa

– TN₄: Nhúng thanh Fe vào dung dịch FeCl₃

=> Không xảy ra ăn mòn điện hóa vì không tạo 2 cặp điện cực khác nhau về bản chất

Vậy số thí nghiệm xảy ra ăn mòn điện hóa là 2.

Câu 38: Đáp án C

Phương pháp giải:

Lý thuyết về dãy hoạt động hóa học của kim loại

Giải chi tiết:

Dựa vào dãy hoạt động hóa học của kim loại

=> Tính khử: Mg > Al > Zn > Fe

Câu 39: Đáp án C

Glucozo: C₆H₁₂O₆

Saccarozo: C₁₂H₂₂O₁₁

Xenlulozo, tinh bột: (C₆H₁₀O₅)_n

Đốt cháy hoàn toàn 1 cacbohiđrat X thu được số mol CO₂ = số mol H₂O

=> X có số H gấp 2 lần số C

=> Trong 4 chất chỉ có glucozo thỏa mãn.

Câu 40: Đáp án A

Phương pháp giải:

 Bài toán về phản ứng thuỷ phân este đơn chức thường

Trong môi trường kiềm (phản ứng xà phòng hoá): Phản ứng một chiều, cần đun nóng

RCOOR’ + NaOH   RCOONa + R’OH

Giải chi tiết:

n_este = 11,1 : 74 = 0,15 mol; n_KOH = 0,5.0,5 = 0,25 mol

CH₃COOCH₃ + KOH → CH₃COOK + CH₃OH

Mol        0,15       →  0,15    →   0,15

Vậy chất rắn sau phản ứng: CH₃COOK (0,15 mol) và KOH dư (0,25 – 0,15 = 0,1 mol)

=> m_rắn = 0,15.98 + 0,1.56 = 20,3 gam

Câu 41: Đáp án B

Phương pháp giải:

Nước cứng

Nước cứng là loại nước chứa nhiều ion Ca²⁺ và Mg²⁺ (do trong chu trình vận chuyển của nước có giai đoạn nước ở trong đất nên hòa tan các hợp chất chứa Ca và Mg). Nước chứa ít hoặc không chứa các ion trên là nước mềm.

– Nước cứng có 3 loại là:

+ Nước cứng tạm thời (là loại nước cứng khi đun sôi thì mất tính cứng do muối hiđrocacbonat bị nhiệt phân thành muối không tan). Tính cứng tạm thời do các muối Ca(HCO₃)₂ và Mg(HCO₃)₂ gây ra.

+ Nước cứng vĩnh cửu. Tính cứng vĩnh cửu của nước do các loại muối MgCl₂, CaCl₂, MgSO₄, CaSO₄ gây ra.

+ Nước cứng toàn phần là nước cứng có cả tính cứng tạm thời và tính cứng vĩnh cửu.

(*) Phương pháp làm mềm nước cứng:

– Với nước cứng tạm thời:

+ Đun sôi.

+ Thêm Ca(OH)₂ vừa đủ.

+ Thêm các dung dịch kiềm khác, dung dịch muối CO₃^2–, dung dịch PO₄^3–.

– Với nước cứng vĩnh cửu:

Thêm các dung dịch muối CO₃^2–, dung dịch PO₄^3–.

Giải chi tiết:

Theo đề bài loại nước cứng khi được đun sôi thì mất tính cứng

=> Đây là nước cứng tạm thời. Tính cứng tạm thời do các muối Ca(HCO₃)₂ và Mg(HCO₃)₂ gây ra.

Câu 42: Đáp án C

Phương pháp giải:

Cách sắp xếp tính bazơ của các amin: R–N

+ R đẩy e => làm tăng mật độ electron trên N => tăng tính bazơ.

+ R hút e => làm giảm tính bazơ.

Ghi nhớ: Amin thơm < NH₃ < amin no < NaOH;

Amin no bậc 1 < amin no bậc 2.

Giải chi tiết:

Thứ tự giảm dần lực bazo là: etylamin > metylamin > amoniac > phenylamin

Câu 43: Đáp án B

Phương pháp giải:

 Lý thuyết về hợp chất chứa Nito

Giải chi tiết:

(a) Sai, vì liên kết peptit tạo từ các a–amino axit mà H₂NCH₂CH₂COOH không phải là a–amino axit

(b) Đúng

(c) Sai, vì Anilin chỉ có tính bazo rất yếu không làm đổi màu quỳ tím

(d) Đúng

(e) Đúng, đây là hiện tượng đông tụ protein

Vậy có 3 phát biểu đúng

Câu 44: Đáp án A

Phương pháp giải:

Cách gọi tên este: Tên gọi của este RCOOR’ = Tên gốc R’ + tên gốc axit (đuôi “at”)

Giải chi tiết:

CH₂=CH–COOCH₃ có tên gọi là metyl acrylat

Câu 45: Đáp án D

Ta thấy X phản ứng được với cả axit và bazo => X có tính lưỡng tính => Ba(HCO₃)₂

Câu 46: Đáp án D

Phương pháp giải:

– Kim loại phản ứng với nước:

M + H₂O → M(OH)_n + 0,5nH₂

=> n_OH– = 2n_H2

– Phản ứng trung hòa:

H⁺ + OH^– → H₂O

=> n_H+ = n_OH–

Giải chi tiết:

– Kim loại phản ứng với nước:

M + H₂O → M(OH)_n + 0,5nH₂

=> n_OH– = 2n_H2 = 0,25 mol

– Phản ứng trung hòa:

H⁺ + OH^– → H₂O

=> n_H+ = n_OH– = 0,25 mol

Muối khan gồm các muối clorua của 3 KL.

Bảo toàn nguyên tố: n_Cl/muối = n_HCl = n_H+ = 0,25 mol

=> m_muối = m_KL + m_Cl = 13,08 + 0,25.35,5 = 21,955 gam

Câu 47: Đáp án D

Kim loại Ca có kiểu mạng tinh thể lập phương tâm diện

Câu 48: Đáp án D

Catot: Mg²⁺ + 2e → Mg => Quá trình khử Mg²⁺

Anot: 2Cl^– → Cl₂ + 2e => Quá trình oxi hóa Cl^–

Vậy ở catot xảy ra quá trình khử Mg²⁺ thành Mg.