Đề Thi Học Kì 1 Hoá 12 Sở Giáo Dục & Đào Tạo Hà Nam Có Đáp Án Và Lời Giải Chi Tiết

Đề thi Hoá 12 học kì 1 Sở Giáo Dục & Đào Tạo Hà Nam có đáp án và lời giải chi tiết gồm 40 câu trắc nghiệm. Các bạn xem ở dưới.

SỞ GD&ĐT HÀ NAM

ĐỀ KIỂM TRA HỌC KÌ I MÔN: Hóa – Lớp 12 Thời gian làm bài: 50 phút; không kể thời gian phát đề

Câu 1 (NB): Chất nào sau đây có khả năng làm quỳ tím ẩm hóa xanh?

A. Alanin B. Glyxin C. Anilin D. Metylamin

Câu 2 (VD): Chất có phần trăm khối lượng nito cao nhất là

A. Val-Ala B. Gly-Gly C. Gly-Ala D. Lysin

Câu 3 (TH): Chất nào sau đây khi thủy phân trong môi trường kiềm tạo các chất đều có khả năng tham gia phản ứng tráng gương?

A. CH₃COOCH₃ B. HCOOCH₃ C. CH₃COOCH=CH₂ D. HCOOCH=CH₂

Câu 4 (NB): Este nào được điều chế trực tiếp từ ancol và axit?

A. vinyl fomat B. etyl axetat C. phenyl axetat D. vinyl axetat

Câu 5 (NB): Chất không tham gia phản ứng thủy phân là:

A. tinh bột B. glucozo C. xenlulozo D. chất béo

Câu 6 (TH): Cho sơ đồ sau: CH₄ → X → Y → Z → Cao su buna. Tên gọi của X, Y, Z trong sơ đồ trên lần lượt là:

A. axetilen, etanol, buta-1,3-đien B. etilen, vinylaxetilen, buta-1,3-đien

C. anđehit axetic, etanol, buta-1,3-đien D. axetilen, vinylaxetilen, buta-1,3-đien

Câu 7 (NB): Khi bị ốm, mất sức, nhiều người bệnh thường truyền dịch đường để bổ sung nhanh năng lượng. Chất trong dịch truyền có tác dụng trên là

A. tinh bột. B. saccarozo. C. glucozo. D. fructozo.

Câu 8 (NB): Chất nào sau đây không có khả năng thủy phân trong dung dịch H₂SO₄ loãng, đun nóng?

A. xenlulozo B. saccarozo C. tinh bột D. fructozo

Câu 9 (TH): Este X khi tác dụng với dung dịch NaOH dư thu được 2 muối là natri phenolat và natri propionat. Este X có công thức là:

A. CH₃CH₂COOC₆H₅ B. C₆H₅COOCH₃ C. CH₃COOC₆H₅ D. C₆H₅COOCH₂CH₃

Câu 10 (NB): Cho tất cả các đồng phân đơn chức mạch hở có công thức C₂H₄O₂ lần lượt tác dụng với kim loại natri và các dung dịch NaOH, NaHCO₃. Số phản ứng xảy ra là:

A. 4 B. 2 C. 5 D. 3

Câu 11 (TH): Hợp chất hữu cơ X tác dụng được với dung dịch KOH và dung dịch brom nhưng không tác dụng với dung dịch KHCO₃. Tên gọi của X là:

A. axit acrylic B. anilin C. vinyl axetat D. etyl axetat

Câu 12 (NB): Hợp chất nào sau đây thuộc loại đipeptit là

A. H₂N-CH₂-CO-NH-CH(CH₃)-COOH B. H₂N-CH₂-CH₂-CO-NH-CH₂-CH₂-COOH

C. H₂N-CH₂-CH₂-CO-NH-CH₂-COOH D. H₂N-CH₂-NH-CH₂-COOH

Câu 13 (NB): Amin CH₃-NH-C₂H₅ có tên gốc – chức là

A. propan-2-amin B. N-metyletanamin C. metyletylamin D. etylmetylamin

Câu 14 (NB): Etyl fomat là chất có mùi thơm, không độc được dùng làm chất tạo hương trong công nghiệp thực phẩm, có phân tử khối là

A. 68 B. 60 C. 74 D. 88

Câu 15 (TH): Có bao nhiêu đồng phân là este, có chứa vòng benzen, có công thức phân tử C₈H₈O₂?

A. 3 B. 5 C. 4 D. 6

Câu 16 (TH): Phát biểu nào sau đây là đúng?

A. Este iso-amyl axetat có mùi dứa chín.

B. Ancol etylic không tạo liên kết hidro với nước.

C. Lipit là những hợp chất hữu cơ trong tế bào sống, không hòa tan trong nước nhưng hòa tan trong các dung môi hữu cơ không phân cực.

D. Vinyl axetat không làm mất màu dung dịch brom.

Câu 17 (NB): Cho các chất: (1) CH₃CH₂COOCH₃; (2) CH₃OOCCH₃; (3) HCOOC₂H₅; (4) CH₃COC₂H₅; (5) CH₃CH(COOCH₃)₂; (6) HOOCCH₂CH₂OH; (7) CH₃OOCCOOC₂H₅. Những chất thuộc loại este là:

A. (1), (2), (3), (6), (7) B. (2), (3), (5), (6), (7) C. (2), (3), (4), (5), (6) D. (1), (2), (3), (5), (7)

Câu 18 (NB): Cho các chất sau: xenlulozo, amilozo, saccarozo, amilopectin. Số chất chỉ được tạo nên từ các mắt xích a-glucozo là:

A. 3 B. 1 C. 4 D. 2

Câu 19 (NB): Cho các chất: tinh bột, xenlulozo, glucozo, fructozo, saccarozo. Số chất trong dãy thuộc loại monosaccarit là

A. 4 B. 1 C. 2 D. 3

Câu 20 (TH): Este X mạch hở có công thức phân tử là C₅H₈O₂, được tạo bởi 1 axit Y và 1 ancol Z. Axit Y không thể là:

A. C₂H₅COOH B. CH₃COOH C. HCOOH D. C₃H₅COOH

Câu 21 (TH): Cho dãy các chất: xenlulozo, glucozo, tinh bột, saccarozo và các phát biểu sau:

(1) Cả 4 chất đều dễ tan trong nước và đều có nhóm OH

(2) Trừ xenlulozo, 3 chất còn lại đều tham gia phản ứng tráng gương

(3) Cả 4 chất đều bị thủy phân trong môi trường axit

(4) Khi đốt cháy hoàn toàn 4 chất trên đều thu được số mol CO₂ và H₂O bằng nhau

(5) Cả 4 chất đều là chất rắn màu trắng

Số phát biểu không đúng là

A. 4 B. 5 C. 2 D. 3

Câu 22 (NB): Anilin (C₆H₅NH₂) tạo kết tủa trắng khi cho vào

A. dung dịch NaOH B. dung dịch HCl

C. dung dịch nước brom D. dung dịch NaCl

Câu 23 (NB): Chất có thể trùng hợp tạo ra polime là:

A. CH₃OH B. CH₂=CHCOOH C. HCOOCH₃ D. CH₃COOH

Câu 24 (NB): Saccarozo và glucozo đều thuộc loại

A. cacbohidrat B. polisaccarit C. monosaccarit D. disaccarit

Câu 25 (NB): Chất nào sau đây là amin bậc 2?

A. (CH₃)₃N B. (CH₃)₂CH-NH₂ C. CH₃-NH-CH₃ D. H₂N-CH₂-CH₃

Câu 26 (TH): Peptit X có công thức cấu tạo như sau:

H₂N-CH₂-CONH-CH(CH₃)-CONH-CH(C₂H₄COOH)-CONH-CH₂-COOH

Khi thủy phân X không thu được sản phẩm nào sau đây?

A. Gly-Glu B. Ala-Glu C. Glu-Gly D. Gly-Ala

Câu 27 (VDC): Hỗn hợp A gồm 1 axit no đơn chức và 1 axit không no đơn chức có 1 liên kết đôi ở gốc hiđrocacbon mạch hở. Khi cho a gam A tác dụng hết với CaCO₃ thu được 1,12 lít CO₂ (đktc). Hỗn hợp B gồm CH₃OH và C₂H₅OH, khi cho 7,8 gam B tác dụng hết với Na thoát ra 2,24 lít H₂ (đktc). Nếu trộn a gam A với 3,9 gam B rồi đun nóng có H₂SO₄ đặc xúc tác thì thu được m gam este (hiệu suất h%). Giá trị của m theo a, h là:

A. (a + 6)h% B. (a + 2,1)h% C. (a + 3,9)h% D. (a + 7,8)h%

Câu 28 (VDC): Hợp chất hữu cơ X có công thức phân tử là C₆H₁₀O₂; khi cho 9,12 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch Y, cho dung dịch Y tác dụng với dung dịch AgNO₃/NH₃ dư đun nóng thu được 34,56 gam Ag. Số đồng phân cấu tạo của X là:

A. 5 B. 3 C. 2 D. 4

Câu 29 (VD): Phản ứng tổng hợp glucozo trong cây xanh cần được cung cấp năng lượng từ ánh sáng mặt trời:

6CO₂ + 6H₂O + 673 kcal C₆H₁₂O₆ + 6O₂

Cứ trong 1 phút, mỗi cm² lá xanh nhận được 0,5 cal năng lượng mặt trời, nhưng chỉ có 10% được sử dụng để tổng hợp glucozo. Thời gian để 1 cây có 1000 lá xanh (diện tích mỗi lá là 10 cm²) sản sinh được 18 gam glucozo là:

A. 2 giờ 14 phút 36 giây B. 5 giờ 00 phút 00 giây

C. 4 giờ 29 phút 12 giây D. 2 giờ 30 phút 15 giây

Câu 30 (VDC): Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất của cả quá trình là 75%. Lượng CO₂ sinh ra được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ca(OH)₂, thu được 50 gam kết tủa và dung dịch X. Thêm dung dịch NaOH 1M vào X, thu được kết tủa. Để lượng kết tủa thu được là lớn nhất thì cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH. Giá trị của m là

A. 72,0 B. 90,0 C. 75,6 D. 64,8

Câu 31 (VDC): Hỗn hợp X gồm axit HCOOH và CH₃COOH (tỉ lệ mol 1 : 1). Hỗn hợp Y gồm 2 ancol CH₃OH và C₂H₅OH (tỉ lệ mol 3 : 2). Lấy 11,13 gam hỗn hợp X tác dụng với 7,52 gam hỗn hợp Y (có xúc tác H₂SO₄ đặc) thu được m gam hỗn hợp este (hiệu suất của các phản ứng đều bằng 80%). Giá trị của m là:

A. 15,246 B. 12,197 C. 14,52 D. 11,616

Câu 32 (VD): Khi lên men m kg ngô chứa 65% tinh bột với hiệu suất toàn quá trình là 80% thì thu được 5 lít rượu etylic 20⁰ và V m³ khí CO₂ (đktc). Cho khối lượng riêng của C₂H₅OH nguyên chất là 0,8 g/ml. Giá trị của m và V lần lượt là:

A. 2,8 và 0,39 B. 28 và 0,39 C. 2,7 và 0,41 D. 2,7 và 0,39

Câu 33 (TH): Cho các phát biểu sau, số phát biểu đúng là:

(1) Glucozo và saccarozo đều là chất rắn có vị ngọt, dễ tan trong nước

(2) Tinh bột và xenlulozo đều là polisaccarit

(3) Trong dung dịch, glucozo và saccarozo đều hòa tan Cu(OH)₂, tạo phức màu xanh lam

(4) Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột và saccarozo trong môi trường axit chỉ thu được 1 loại monosaccarit duy nhất

(5) Có thể phân biệt glucozo và fructozo bằng phản ứng với dung dịch AgNO₃/NH₃

(6) Glucozo và saccarozo đều tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol

A. 5 B. 3 C. 2 D. 4

Câu 34 (VDC): X và Y lần lượt là các tripeptit và hexapeptit được tạo thành từ cùng một amino axit no mạch hở có 1 nhóm COOH và 1 nhóm NH₂. Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X bằng O₂ vừa đủ thu được sản phẩm gồm CO₂, H₂O và N₂ có tổng khối lượng là 40,5 gam. Nếu cho 0,15 mol Y tác dụng hoàn toàn với NaOH (lấy dư 20% so với lượng cần thiết) thì sau phản ứng cô cạn dung dịch thu được bao nhiêu gam chất rắn:

A. 94,5 gam B. 87,3 gam C. 107,1 gam D. 9,99 gam

Câu 35 (VDC): Lên men m gam glucozo với hiệu suất 70% rồi hấp thụ toàn bộ khí thoát ra vào 4,0 lít dung dịch NaOH 0,5M (d = 1,05 g/ml), thu được dung dịch chứa 2 muối có tổng nồng độ là 3,211%. Giá trị của m là:

A. 270,0 B. 192,9 C. 135,0 D. 384,7

Câu 36 (VD): Một tripeptit no mạch hở A có công thức phân tử C_xH_yO₆N₄. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol A thu được 40,32 lít CO₂ (đktc) và m gam H₂O. Giá trị của m gần nhất với:

A. 18,91 B. 29,68 C. 28,80 D. 30,70

Câu 37 (VDC): Oxi hóa andehit OHC-CH₂-CH₂-CHO trong điều kiện thích hợp thu được hợp chất hữu cơ đa chức X. Đun nóng hỗn hợp gồm 1 mol X và 1 mol ancol metylic với xúc tác H₂SO₄ (đặc) thu được 2 chất hữu cơ mới Z và Q (M_Z < M_Q) với tỉ lệ khối lượng m_Z : m_Q = 1,81. Biết chỉ có 72% ancol chuyển thành este. Số mol Z và Q lần lượt là:

A. 0,36 và 0,18 B. 0,24 và 0,24 C. 0,12 và 0,24 D. 0,48 và 0,12

Câu 38 (VD): Cho 5 lít dung dịch HNO₃ 68% (D = 1,4 g/ml) phản ứng với xenlulozo (dư) thu được m kg thuốc súng không khói (xenlulozo trinitrat), biết hiệu suất phản ứng đạt 90%. Giá trị m gần nhất là

A. 8,5 B. 7,5 C. 6,5 D. 9,5

Câu 39 (TH): Phát biểu nào sau đây đúng?

A. Amino axit là hợp chất có tính lưỡng tính

B. Các hợp chất peptit đều kém bền trong môi trường bazo nhưng bền trong môi trường axit

C. Trong một phân tử tetrapeptit mạch hở có 4 liên kết peptit

D. Trong môi trường kiềm, đipeptit mạch hở tác dụng với Cu(OH)₂ cho hợp chất màu tím

Câu 40 (VDC): X là một a-amino axit mạch hở, chứa 1 nhóm COOH và 1 nhóm NH₂. Từ m gam X điều chế được m₁ gam đipeptit Y. Từ 2m gam X điều chế được m₂ gam tripeptit Z. Đốt cháy m₁ gam Y thu được 0,9 mol H₂O. Đốt cháy m₂ gam Z thu được 1,7 mol H₂O. Giá trị của m là (biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn):

A. 22,50 B. 13,35 C. 11,25 D. 26,70

Đáp án

1-D	2-B	3-D	4-B	5-B	6-D	7-C	8-D	9-A	10-A
11-C	12-A	13-D	14-C	15-D	16-C	17-D	18-D	19-C	20-A
21-B	22-C	23-B	24-A	25-C	26-A	27-B	28-B	29-A	30-C
31-D	32-D	33-B	34-A	35-B	36-B	37-A	38-C	39-A	40-D

LỜI GIẢI CHI TIẾT

Câu 1: Đáp án D

Phương pháp giải:

Sự đổi màu của quỳ tím khi gặp amin, amino axit:

*Amin:

– Amin có nguyên tử N gắn trực tiếp với vòng benzen có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

– Các amin khác làm quỳ tím chuyển xanh.

*Amino axit:

– Số nhóm NH₂ = số nhóm COOH => Không làm đổi màu quỳ tím

– Số nhóm NH₂ > số nhóm COOH => Làm quỳ tím hóa xanh (VD: Lysin)

– Số nhóm NH₂ < số nhóm COOH => Làm quỳ tím hóa đỏ (VD: Axit glutamic)

Giải chi tiết:

– Glyxin và Alanin đều có 1 nhóm -COOH và 1 nhóm -NH₂ => Không làm đổi màu quỳ tím

– Anilin (C₆H₅NH₂) có nguyên tử N gắn trực tiếp với vòng benzen nên tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

– Metylamin (CH₃NH₂) làm đổi màu quì tím thành xanh

Câu 2: Đáp án B

Phương pháp giải:

Tính M peptit:

A₁ + A₂ + … + A_n → A₁-A₂-…-A_n + (n-1) H₂O

=> Cách tính khối lượng phân tử của peptit A₁-A₂-…-A_n (peptit có chứa n mắt xích) là:

M _peptit = M_A1 + M_A2 + … + M_An – 18(n-1)

Một số axit amino axit cần nhớ:

Gly (M = 75); Ala (M = 89); Val (M = 117); Lys (M = 146, có 2 nhóm NH₂, 1 nhóm COOH);

Glu (M = 147, có 2 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂).

Giải chi tiết:

Cả 4 chất trong các đáp án đều có cùng số N (=2)

=> Chất nào M nhỏ nhất thì %N cao nhất

M_Val-Ala = 117 + 89 – 18 = 188

M_Gly-Gly = 75 + 75 – 18 = 132

M_Gly-Ala = 75 + 89 – 18 = 146

M_Lys = 146

=> Gly-Gly có %N cao nhất

Câu 3: Đáp án D

Phương pháp giải:

Các chất tham gia phản ứng tráng gương cần có nhóm -CHO trong phân tử

Giải chi tiết:

A. CH₃COOCH₃ + H₂O CH₃COOH + CH₃OH

=> CH₃COOH và CH₃OH đều không có phản ứng tráng gương

B. HCOOCH₃ + H₂O HCOOH + CH₃OH

=> CH₃OH không có phản ứng tráng gương

C. CH₃COOCH=CH₂ + H₂O CH₃COOH + CH₃CHO

=> CH₃COOH không có phản ứng tráng gương

D. HCOOCH=CH₂ + H₂O HCOOH + CH₃CHO

=> HCOOH và CH₃CHO đều có phản ứng tráng gương

Câu 4: Đáp án B

Phương pháp giải:

Các este không thể được điều chế trực tiếp từ ancol và axit là: este chứa gốc phenyl (dạng RCOOC₆H₄R₁) hoặc este không no (dạng RCOOCH=CH-R₁, RCOOC≡C-R₁)

Giải chi tiết:

Các este không thể được điều chế trực tiếp từ ancol và axit là: este chứa gốc phenyl (dạng RCOOC₆H₄R₁) hoặc este không no (dạng RCOOCH=CH-R₁, RCOOC≡C-R₁)

– Etyl axetat (CH₃COOC₂H₅) được điều chế từ CH₃COOH và C₂H₅OH

=> Thỏa mãn

– Các chất còn lại vinyl fomat (HCOOCH=CH₂); phenyl axetat (CH₃COOC₆H₅); vinyl axetat (CH₃COOCH=CH₂)

=> Không thỏa mãn

Câu 5: Đáp án B

Phương pháp giải:

+ Monosaccarit không bị thủy phân.

+ Đisaccarit và polisaccarit bị thủy phân trong MT axit.

Giải chi tiết:

Monosaccarit không có phản ứng thủy phân => Glucozo không có phản ứng thủy phân

Câu 6: Đáp án D

Sơ đồ điều chế cao su buna: CH₄ → C₂H₂ (X) → C₄H₄ (Y) → C₄H₆ (Z) → Cao su buna

PTHH: 2CH₄ C₂H₂ (Axetilen) + 3H₂

2CH≡CH CH≡C-CH=CH₂ (Vinyl axetilen)

CH≡C-CH=CH₂ CH₂=C-CH=CH₂ (Buta-1,3-đien)

Câu 7: Đáp án C

Cơ thể con người có thể hấp thụ trực tiếp glucozo nên khi bị ốm, mất sức, nhiều người bệnh thường truyền dịch đường (có glucozo) để bổ sung nhanh năng lượng.

Câu 8: Đáp án D

Phương pháp giải:

+ Monosaccarit không bị thủy phân.

+ Đisaccarit và polisaccarit bị thủy phân trong MT axit.

Giải chi tiết:

Fructozo là monosaccarit => không có phản ứng thủy phân.

Câu 9: Đáp án A

Phương pháp giải:

Thuỷ phân este của phenol: RCOOC₆H₄R’ + 2MOH → RCOOM + R’C₆H₄OM + H₂O

Giải chi tiết:

X + NaOH → natri phenolat và natri propionat

=> X là este của phenol => X là C₂H₅COOC₆H₅

PTHH: C₂H₅COOC₆H₅ + 2NaOH → C₂H₅COONa + C₆H₅ONa + H₂O

Câu 10: Đáp án A

C₂H₄O₂ đơn chức mạch hở có thể là các chất: CH₃COOH; HCOOCH₃

+ CH₃COOH tác dụng được với Na, NaOH, NaHCO₃

PTHH: 2CH₃COOH + 2Na → 2CH₃COONa + H₂

CH₃COOH + NaOH → CH₃COONa + H₂O

CH₃COOH + NaHCO₃ → CH₃COONa + CO₂ + H₂O

+ HCOOCH₃ tác dụng được với NaOH:

PTHH: HCOOCH₃ + NaOH HCOONa + CH₃OH

=> Vậy có 4 phản ứng

Câu 11: Đáp án C

Trong 4 chất:

Axit acrylic (CH₂=CHCOOH) có phản ứng với KHCO₃ => Loại

Anilin (C₆H₅NH₂) không phản ứng với KOH => Loại

Vinyl axetat (CH₃COOCH=CH₂) => Thỏa mãn

Etyl axetat (CH₃COOC₂H₅) không phản ứng với Br₂ => Loại

Câu 12: Đáp án A

Đipeptit được tạo bởi 2 gốc a-amino axit (NH₂ gắn vào C số 2) => Phương án A thỏa mãn

Câu 13: Đáp án D

Phương pháp giải:

Cách gọi tên amin theo danh pháp gốc – chức:

Tên gốc – chức amin = ank + yl + amin (chú ý gọi tên các gốc hiđrocacbon theo thứ tự bảng chữ cái)

Giải chi tiết:

Amin CH₃-NH-C₂H₅ có tên gốc chức là etylmetylamin.

Câu 14: Đáp án C

Phương pháp giải:

Tên gọi của este RCOOR’ = Tên gốc R’ + tên gốc axit (đuôi “at”)

Giải chi tiết:

Etyl fomat là HCOOC₂H₅ có M = 74

Câu 15: Đáp án D

Có 6 este chứa vòng benzen có CTPT C₈H₈O₂ là:

C₆H₅COOCH₃; CH₃COOC₆H₅; HCOOCH₂C₆H₅; o,m,p-HCOOC₆H₄CH₃

Câu 16: Đáp án C

A. Este iso-amyl axetat có mùi dứa chín

=> Sai. Este iso-amyl axetat có mùi chuối chín

B. Ancol etylic không tạo liên kết hidro với nước

=> Sai. Ancol etylic tạo được liên kết hiđro với nước nhờ có nhóm -OH trong phân tử

C. Lipit là những hợp chất hữu cơ trong tế bào sống, không hòa tan trong nước nhưng hòa tan trong các dung môi hữu cơ không phân cực

=> Đúng

D. Vinyl axetat không làm mất màu dung dịch brom

=> Sai. Vinyl axetat (CH₃COOCH=CH₂) có phản ứng với dung dịch brom do có liên kết đôi C=C

Câu 17: Đáp án D

Phương pháp giải:

Khi thay nhóm OH ở nhóm cacboxyl của axit cacboxylic bằng nhóm OR thì được este.

Giải chi tiết:

– Khi thay nhóm OH ở nhóm cacboxyl của axit cacboxylic bằng nhóm OR thì được este. Vậy các este là:

(1) CH₃CH₂COOCH₃; (2) CH₃OOCCH₃; (3) HCOOC₂H₅; (5) CH₃CH(COOCH₃)₂; (7) CH₃OOCCOOC₂H₅.

– (4) CH₃COC₂H₅ thuộc loại xeton.

– (6) HOOCCH₂CH₂OH thuộc loại tạp chức axit, ancol.

Câu 18: Đáp án D

– Saccarozo được tạo nên từ gốc a-glucozo và b-fructozo

– Xenlulozo được tạo nên từ các gốc b-glucozo

– Amilozo, amilopectin được tạo nên từ các gốc a-glucozo

=> 2 chất được tạo nên từ các gốc a-glucozo

Câu 19: Đáp án C

Monosaccarit: glucozo, fructozo

Đisaccarit: saccarozo

Polisaccarit: tinh bột, xenlulozo

Vậy có 2 chất thuộc loại monosaccarit.

Câu 20: Đáp án A

X tạo trực tiếp từ ancol và axit => X không thể là este không no (dạng RCOOCH=CH-R₁, RCOOC≡C-R₁)

=> X không thể có CTCT là C₂H₅COOCH=CH₂

=> Axit không thể là C₂H₅COOH

Câu 21: Đáp án B

(1) Sai. Vì xenlulozo không tan trong nước, tinh bột chỉ tan trong nước nóng

(2) Sai. Ngoài xenlulozo thì saccarozo cũng không có phản ứng tráng gương

(3) Sai. Vì glucozo là monosaccarit nên không bị thủy phân

(4) Sai. Vì tinh bột và xenlulozo có dạng (C₆H₁₀O₅)_n => Khi đốt cháy tạo n_CO2 > n_H2O

(5) Sai. Vì glucozo, saccarozo là chất rắn không màu

Vậy có 5 phát biểu không đúng.

Câu 22: Đáp án C

Anilin (C₆H₅NH₂) tạo kết tủa trắng khi cho vào dung dịch nước brom:

PTHH: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → H₂NC₆H₂Br₃ ↓ + 3HBr

Câu 23: Đáp án B

Phương pháp giải:

Các chất trong phân tử có chứa liên kết đôi C=C kém bền có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp tạo polime.

Giải chi tiết:

Các chất trong phân tử có chứa liên kết đôi C=C kém bền có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp tạo polime => CH₂=CHCOOH có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp.

Câu 24: Đáp án A

Saccarozo (đisaccarit) và glucozo (monosaccarit) đều thuộc loại cacbohiđrat.

Câu 25: Đáp án C

Phương pháp giải:

Bậc amin = Số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N.

Giải chi tiết:

Bậc amin = Số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N => CH₃-NH-CH₃ là amin bậc 2

Câu 26: Đáp án A

H₂N-CH₂-CONH-CH(CH₃)-CONH-CH(C₂H₄COOH)-CONH-CH₂-COOH có công thức thu gọn là:

Gly-Ala-Glu-Gly

=> Sản phẩm thủy phân không thể có Gly-Glu

Câu 27: Đáp án B

– Gọi CT chung của 2 axit là RCOOH (a mol)

Khi Axit + CaCO₃: n_CO2 = 0,05 mol

2RCOONa + CaCO₃ → (RCOO)₂Ca + CO₂ + H₂O

=> n_RCOONa = 2n_CO2 = 0,1 mol

– Gọi CT chung của ancol là R₁OH: b mol

Khi 7,8 gam ancol phản ứng với Na: n_H2 = 0,1 mol

R₁OH + Na → R₁ONa + 0,5H₂

=> n_R1OH = 2n_H2 = 0,2 mol

=> 3,9 gam ancol có 0,1 mol ancol

RCOOH + R₁OH → RCOOR₁ + H₂O

0,1 mol 0,1 mol → 0,1 mol

Nếu hiệu suất là 100%, bảo toàn khối lượng: m_{este (LT)} = m_{axit pứ} + m_{ancol pứ} – m_H2O = a + 3,9 – 0,1.18 = a + 2,1 (g)

Do H = h% nên khối lượng este thực tế thu được là: m = m_este(TT) = m_este(TT).h% = (a + 2,1)h%

Câu 28: Đáp án B

Ta có: n_X = 9,12 : 114 = 0,08 mol

– Khi X + NaOH thì: n_muối = n_{sp còn lại} = n_X = 0,08 mol

– Y + AgNO₃/NH₃: n_Ag = 34,56 : 108 = 0,32 mol = 2(n_muối + n_{sp còn lại})

=> cả 2 chất sản phẩm của phản ứng thủy phân đều có phản ứng tráng bạc

Vậy X là HCOOCH=CH-R

Các công thức cấu tạo có thể có là:

HCOOCH=CH-CH₂CH₂CH₃; HCOOCH=CH-CH(CH₃)₂

HCOOCH=C(CH₃)-CH₂CH₃

Câu 29: Đáp án A

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: 6CO₂ + 6H₂O + 673 kcal C₆H₁₂O₆ + 6O₂

Giải chi tiết:

n_Glucozo = 18 : 180 = 0,1 mol

6CO₂ + 6H₂O + 673 kcal C₆H₁₂O₆ + 6O₂

=> E = 0,1.673 = 67,3 kcal

S_lá = 1000.10 = 10⁴ cm²

=> E = S_lá.E_phút.t.10%

=> 67,3 = 10⁴.0,5.10^-3.10%.t

=> t = 134,6 phút = 8076 giây = 2 giờ 14 phút 36 giây

Câu 30: Đáp án C

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT.(100/H)

Giải chi tiết:

– X + NaOH xuất hiện thêm kết tủa => X có HCO₃^–

Để lượng kết tủa thu được là lớn nhất thì cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH. Vậy phản ứng sẽ là:

Ca(HCO₃)₂ + NaOH → CaCO₃ + NaHCO₃ + H₂O

0,1 ← 0,1 mol

BTNT “C”: n_{CO2 bđ} = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2 = 50/100 + 2.0,1 = 0,7 mol

Để đơn giản ta coi tinh bột là C₆H₁₀O₅

C₆H₁₀O₅ + H₂O → C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

0,35 ← 0,7 (mol)

=> m tinh bột (LT) = 0,35.162 = 56,7 gam

Do hiệu suất cả quá trình là 75% nên lượng tinh bột thực tế cần dùng lớn hơn lượng tinh bột lý thuyết:

m_{tinh bột cần dùng} = 56,7.(100/75) = 75,6 gam

Câu 31: Đáp án D

Phương pháp giải:

Qui 2 hỗn hợp thành 1 axit trung bình và 1 ancol trung bình

=> Tính toán theo 1 phương trình phản ứng este hóa

=> m_{este (TT)} = m_{este (LT)}.H%

Giải chi tiết:

Vì hỗn hợp axit có tỉ lệ mol 1 : 1

=> ${\bar M_X} = 46 + 602 = 53$ => n_X = 11,13 : 53 = 0,21 mol

Vì hỗn hợp ancol có tỉ lệ mol 3: 2

=> ${\bar M_X} = 32.3 + 46.25 = 37,6$ => n_Y = 7,52 : 37,6 = 0,20 mol

Vì n_ancol < n_axit (phản ứng tỉ lệ mol 1 : 1) => Hiệu suất phản ứng tính theo ancol

RCOOH + R₁OH  RCOOR₁ + H₂O

LT: 0,2 ← 0,2 → 0,2 0,2 (mol)

BTKL: m_este(LT) = 0,2.( ${\bar M_X} + {\bar M_Y} – 18$) = 14,52 gam

Do hiệu suất các phản ứng là 80% nên lượng este thực tế thu được là:

m_{este (TT)} = m_{este (LT)}.H% = 14,52.(80/100) = 11,616 gam

Câu 32: Đáp án D

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT . (100/H)

Giải chi tiết:

V_ancol = V_rượu.Đ_R = 5.20% = 1 lít = 1000 ml

=> m_ancol = 1000.0,8 = 800 gam => n_C2H5OH = 17,39 mol

C₆H₁₀O₅ + H₂O → 2C₂H₅OH + 2CO₂

=> n_CO2 = n_C2H5OH = 17,39 mol => V_CO2 = 17,39.22,4 = 389,6 lít = 0,39 m³

n_{tinh bột LT} = n_C2H5OH : 2 = 8,7 mol => n_TT = n_LT . (100/H) = 10,7 mol

=> m_ngô = 162.10,7.(100/65) = 2709 gam = 2,7 kg

Câu 33: Đáp án B

(1) Glucozo và saccarozo đều là chất rắn có vị ngọt, dễ tan trong nước

=> Đúng

(2) Tinh bột và xenlulozo đều là polisaccarit

=> Đúng

(3) Trong dung dịch, glucozo và saccarozo đều hòa tan Cu(OH)₂, tạo phức màu xanh lam

=> Đúng. Vì trong CTPT cả 2 chất đều có nhiều nhóm -OH gắn vào những nguyên tử C cạnh nhau

(4) Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột và saccarozo trong môi trường axit chỉ thu được 1 loại monosaccarit duy nhất

=> Sai. Vì sacarozo thủy phân tạo ra glucozo và fructozo

(5) Có thể phân biệt glucozo và fructozo bằng phản ứng với dung dịch AgNO₃/NH₃

=> Sai. Vì fructozo trong môi trường kiềm chuyển thành Glucozo có thể phản ứng tráng bạc

(6) Glucozo và saccarozo đều tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol

=> Sai. Chỉ có glucozo + H₂ tạo sobitol

Vậy có 3 ý đúng

Câu 34: Đáp án A

Phương pháp giải:

Amino axit no mạch hở có 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂ thì có CT là: C_nH_2n+1O₂N

=> Tripeptit X là: (C_nH_2n+1O₂N)₃ – 2H₂O = C_3nH_6n-1O₄N₃

Từ sản phẩm cháy => n => CTPT của Y

Tính toán theo PTHH => m chất rắn

Giải chi tiết:

Amino axit no mạch hở có 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂ thì có CT là: C_nH_2n+1O₂N

=> Tripeptit X là: (C_nH_2n+1O₂N)₃ – 2H₂O = C_3nH_6n-1O₄N₃

Đốt 0,1 mol X được sản phẩm là 0,3n mol CO₂; (0,3n – 0,05) mol H₂O; 0,15 mol N₂

Ta có: m_{sp cháy} = m_CO2 + m_H2O + m_N2 = 44.0,3n + 18.(0,3n – 0,05) + 0,15.28 = 40,5 gam

=> n = 2 => Amino axit là C₂H₅O₂N (Gly)

=> Y là (Gly)₆

(Gly)₆ + 6NaOH → 6Gly-Na + H₂O

0,15 → 0,9 mol

=> n_NaOH pứ = 0,9 mol => n_{NaOH dư} = 0,9.20% = 0,18 mol

Vậy chất rắn sau phản ứng gồm: 0,18 mol NaOH và 0,9 mol Gly-Na

=> m_rắn = 0,18.40 + 0,9.97 = 94,5 gam

Câu 35: Đáp án B

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT . (100/H)

Giải chi tiết:

m_{dd NaOH} = 4000.1,05 = 4200 gam => n_NaOH = 4.0,5 = 2 mol

Sau khi cho CO₂ vào dung dịch NaOH thu được 2 muối là Na₂CO₃ (x mol) và NaHCO₃ (2 – 2x mol) (Bảo toàn nguyên tố Na)

=> n_CO2 = n_NaHCO3 + n_Na2CO3 = (2 – x) mol = m_{dd sau pứ} = 4200 + 44(2 – x) (g)

=> C%_NaHCO3 + C%_Na2CO3 = $\frac{{84\left( {2 – 2x} \right) + 106x}}{{4200 + 44\left( {2 – x} \right)}}$ = 3,211%

=> x = 0,5 mol => n_CO2 = 1,5 mol

Từ phản ứng: C₆H₁₂O₆ → 2CO₂ + 2C₂H₅OH

=> n_{Glucozo (LT)} = ½ n_CO2 = 0,75 mol

=> n_{Glucozo Thực tế} = n_LT . (100/70) = 1,0714 mol

=> m_{glucozo thực tế} = 1,0714.180 = 192,9 gam

Câu 36: Đáp án B

Phương pháp giải:

CTTQ của A là: C_nH_2n+2+t-2kO₆N₄ (k là số liên kết pi )

=> Biện luận số liên kết pi trong A => CTCT đơn giản hơn

Từ số mol CO₂ => n => Tính toán theo PTHH để tìm m

Giải chi tiết:

A là C_xH_yO₆N₄

CTTQ của A là: C_nH_2n+2+t-2kO₆N₄ (k là số liên kết pi)

Vì A là tripeptit => A phải có 2 -CO- và 1 COOH => 2O còn lại sẽ là 1 nhóm -COOH của 1 amino axit

=> k = 4 => C_nH_2n-2O₆N₄

Bảo toàn nguyên tố: n_C(A) = n_CO2 = 40,32 : 22,4 = 1,8 mol

=> Số C(A)= n = 1,8 : 0,15 = 12

=> CTPT là C₁₂H₂₂O₆N₄

Phản ứng cháy: C₁₂H₂₂O₆N₄ → 11H₂O

0,15 mol → 0,65 mol

=> m_H2O = 0,65.18 = 29,7 gam (gần nhất với giá trị 29,68 gam)

Câu 37: Đáp án A

Ta có: n_{CH3OH pứ} = 0,72 mol

OHCCH₂CH₂CHO + O₂ → HOOCCH₂CH₂COOH

(1) HOOCCH₂CH₂COOH + CH₃OH → HOOCCH₂CH₂COOCH₃

x x x (mol)

(2) HOOCCH₂CH₂COOH + 2CH₃OH → CH₃OOCCH₂CH₂COOCH₃

y 2y y (mol)

72% ancol chuyển thành este => n_{ancol pứ} = x + 2y = 0,72 (*)

Theo đề bài: M_Z < M_Q nên Z là este ở phản ứng (1), Q là este ở phản ứng (2)

=> 132x : 146y = 1,81 (**)

Giải hệ (*) và (**) => x = 0,36; y = 0,18 mol

Câu 38: Đáp án C

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất sản phẩm): n_TT = n_LT.(H/100)

Giải chi tiết:

m_{dd HNO3} = 5000.1,4 = 7000 gam => n_HNO3 = 7000.0,68: 63 = 75,56 mol

PTHH: C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HONO₂ → C₆H₇O₂(NO₃)₃ + 3H₂O

Theo PTHH: n_{thuốc súng LT} = 1/3 n_HNO3 = 25,18 mol

=> n_{Thực tế} = n_LT.90% = 22,67 mol

=> m_{Thuốc súng} = 22,67.297 = 6732 gam = 6,7 kg (gần nhất với giá trị 6,5 kg)

Câu 39: Đáp án A

A. Amino axit là hợp chất có tính lưỡng tính

=> Đúng

B. Các hợp chất peptit đều kém bền trong môi trường bazo nhưng bền trong môi trường axit

=> Sai. Peptit đều kém bền trong cả 2 môi trường

C. Trong một phân tử tetrapeptit mạch hở có 4 liên kết peptit

=> Sai. Tetrapeptit mạch hở có 3 liên kết peptit

D. Trong môi trường kiềm, đipeptit mạch hở tác dụng với Cu(OH)₂ cho hợp chất màu tím

=> Sai. Tripeptit trở lên mới có phản ứng màu biure

Câu 40: Đáp án D

X là một a-amino axit mạch hở, chứa 1 nhóm COOH và 1 nhóm NH₂

=> CTTQ của X là C_nH_2n+1NO₂

=> Đipeptit Y là (C_nH_2n+1NO₂)₂ – H₂O = C_2nH_4nN₂O₃

Tripeptit Z là (C_nH_2n+1NO₂)₃ – 2H₂O = C_3nH_6n-1N₃O₄

– Trong m gam X thì giả sử n_X = x mol => n_Y = 0,5x mol (Bảo toàn nguyên tố N)

C_2nH_4nN₂O₃ → 2nH₂O

0,5x nx

=> n_H2O = nx = 0,9 mol (1)

– Trong 2m gam X thì n_X = 2x mol => n_Z = 2x/3 mol (Bảo toàn nguyên tố N)

C_3nH_6n-1N₃O₄ → (3n – 0,5)H₂O

2x/3 x(6n-1)/3

=> n_H2O = x(6n – 1)/3 = 1,7 mol (2)

Từ (1,2) => n = 3; x = 0,3

=> m_X = m = 26,7 gam